Drei-Term-Rekursionen fu¨r standardisierte und L2-normierte Legendre-Polynome Michael Kratzer TU M¨ unchen 21. Mai 2007
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Standardisierte Legendre-Polynome
Fakt 1 Die Legendre-Polynome lassen sich darstellen als P˜k := d.h. es gilt P˜k ⊥Pk−1 ∀k ∈ N0
dk dxk
k x2 − 1 ,
Beweis: [Junge07] Um die P˜k zu standardisieren (d.h. um Pk mit Pk (1) = 1 zu ermitteln), bestimmen wir nun P˜k (1): k k−1 dk−1 dk 2 2 ˜ x −1 = x −1 k (2x) (1) Pk (1) = k k−1 dx dx x=1 x=1 Um (1) weiter auszuwerten, ben¨otigen wir Lemma 2 (Produktregel fu ¨ r i-te Ableitung) Seien f, g analytisch. (i)
Dann gilt (f g) (x) = i!
i X f (l) (x) g (i−l) (x) l=0
l!
(i − l)!
P∞ f (i) (x) i P∞ g(i) (x) i Beweis: Seien f (x + h) = i=0 i=0 i! h und g (x + h) = i! h die Taylor-Entwicklungen von f und g um x. Dann ist das Cauchy-Produkt (f g)(x) =
∞ X (f g)(i) (x) i=0
i!
Insbesondere ist (f g)(i) (x) = i!
i
h =
∞ X i X f (l) (x) g (i−l) (x) i=0 l=0
Pi
l=0
l!
f (l) (x) g (i−l) (x) l! (i−l)! .
1
(i − l)!
hl hl−i
In Fortsetzung von (1) ergibt sich damit k−1 dk−1 2 ˜ Pk (1) = x −1 k (2x) dxk−1 x=1
k−1 d k−1 2 = 2k k−1 x − 1 + dx x=1
k−1 dk−2 2 x −1 dxk−2 x=1 | {z }
=0, da ein (x2 − 1) = 0 u ¨brigbleibt
k−2 dk−2 2 = (2k) k−2 x − 1 (k − 1)(2x) = ··· dx x=1 0 d0 2 k = 2k k! = 2 k! 0 x − 1 dx x=1
(2)
¨ Ahnlich ergibt sich k k−1 dk+1 dk 2 2 0 ˜ x −1 x −1 (k + 1)(2x) Pk (1) = = k+1 k dx dx x=1 x=1 k k−1 d d k−1 k−1 +k = ··· x2 − 1 x2 − 1 = 2(k + 1) k k−1 dx dx x=1 x=1 k X l−1 d 2 dl−1 k 0 k−l (k + 1)! 2 = 2 (k + 1)! (x − 1) + 2 l l−1 x − 1 dx l! dx x=1 x=1 | {z } l=1 =0
=
k X l=1
2k−l
k X (k + 1)! 1 k k(k + 1) ˜ l · 2l−1 (l − 1)! = 2 (k + 1)! = Pk (1) (3) l! 2 2 l=1
Mit (2) und (3) folgt also Lemma 3 Pk :=
P˜k 2k k!
(k ∈ N0 ) sind standardisierte Legendre-Polynome, d.h es
gilt Pk (1) = 1. Außerdem gilt Pk0 (1) =
k(k+1) . 2
Satz 4 (Drei-Term-Rekursion fu ¨ r standardisierte Legendre-Polynome) (k + 1)Pk+1 = (2k + 1)xPk − kPk−1 , P−1 = P0 = 1 Beweis: Aus [Junge07] folgt, dass sich Pk+1 als Pk+1 = a·xPk +b·Pk−1 darstellen l¨asst. Insbesondere gilt Pk+1 (1) = a · xPk (1) + b · Pk−1 (1) 0 0 Pk+1 (1) = a · (xPk )0 (1) + b · Pk−1 (1)
Einsetzen des obigen Lemmas ergibt das Gleichungssystem 1 = a +b k(k + 1) (k − 1)k (k + 1)(k + 2) = a 1+ +b 2 2 2 mit eindeutiger L¨osung a =
2k+1 k+1 ,
k b = − k+1 .
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L2 -normierte Legendre-Polynome
Wir wollen nun L2 -normierte Legendre-Polynome betrachten, d.h. Polynome pk = ck P˜k mit kpk k2 = 1. Es gilt:
2 Z 1 dk k d k k
2 2 x − 1 · x − 1 dx 2 P˜k = k dxk 2 −1 dx √ Z 1 2k d (2k)!(k)! π k 2 k 2 k = (−1) (x − 1) (x − 1) dx = (4) 2k (k + 12 )! −1 dx | {z } =(2k)!
Die Fakult¨at nicht-ganzer Zahlen ist dabei u ¨ber die Γ-Funktion zu bestimmen. Die zweite Gleichheit gilt wegen mehrfacher partieller Integration, wobei der k dl 2 = 0 bei x = ±1 f¨ ur l < k (vgl. (2)); die uv-Term“ wegf¨allt, da dx l x − 1 ” dritte Gleichheit wird z.B. von Maple geliefert. Da es f¨ ur die folgende Rechnung auch gen¨ ugt, das Ergebnis zu erraten, ist kein strenger Beweis notwendig. Mit Lemma 3 und (4) ergibt sich Pk =
1 2k k!
r
√ (2k)!k! π/2 pk (k+ 12 )!
=
1 2k
r
√ (2k)! π/2 p . k!(k+ 12 )! k
Einsetzen in Satz 4 liefert: s s s √ √ √ k + 1 (2k + 2)! π/2 2k + 1 (2k)! π/2 k (2k − 2)! π/2 pk+1 = xpk − k−1 xpk−1 2k+1 (k + 1)!(k + 32 )! 2k 2 (k)!(k + 21 )! (k − 1)!(k − 12 )! s s k + 1 (2k + 2)(2k + 1)(2k)(2k − 1) 2k + 1 (2k)(2k − 1) ⇒ pk+1 = xpk − kpk−1 4 2 (k + 1)k(k + 23 )(k + 12 ) (k)(k + 21 ) {z } | √ (2k−1)(2k+1)
⇒ xpk = p
r
k 2k − 1 pk+1 + p pk−1 (2k − 1)(2k + 1) 2k + 3 (2k − 1)(2k + 1) k+1 k pk−1 + p pk+1 ⇒ xpk = √ 2 2−1 4k − 1 4(k + 1) | {z } | {z } k+1
:=βk−1
=βk
Somit ergibt sich Satz 5 (Drei-Term-Rekursion fu ¨ r L2 -normierte Legendre-Polynome) k ∀k > 0 4k 2 − 1 ¨ Beweis: Sonderfall k = 0 als Ubungsaufgabe, allgemein siehe oben hxpk+1 ,pk i hpk+1 ,xpk i Bemerkung: Aus βk = = kpk k kpk+1 k ∀k (vgl. [Junge07] (7.16)) folgt bereits 1 = kp1 k = kp2 k = · · · . (4) muss also nicht bewiesen werden, um die Normiertheit zu zeigen. xpk = βk−1 pk−1 + βk pk+1 , p0 = 1, β0 = 0, βk−1 = √
Literatur [Junge07] O. Junge, Vorlesung Numerik 2, TU M¨ unchen, SoSe 2007
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