Master 2 réseaux de communication Module Hyperfréquence et communication
Corrigé type
Solution Questions (03 points) : 1-Un quadripôle toute structure électronique ayant deux bornes à l’entrée et deux à la sortie.
0.5 Il existe deux de type de quadripôle : -Quadripôle passif. 0.25 -Quadripôle actif. 0.25
0.25
2-Entre 300MHz et 300GHz.
3-L’analyseur de réseaux 0.5, L’analyseur de réseaux scalaire nous donnent le module seulement 0.25 L’analyseur de réseaux vectoriel nous donnent le module
et
la
phase
0.25 4-Schéma de principe.
0.75
1
Solution Exercice 01 (04 points) : 1- Calcule des paramètres impédance, chaîne -Matrice impédance : U 1 = ( Z 1 + Z 3 ) I 1 + Z3 I 2 0.25 U 2=Z 3 I 1+ ( Z 3 + Z2 ) I 2 0.25 Z11= ( Z1 + Z 3 )=¿ 1000. 0.25 Z12= Z21= Z 3=¿ 680. 0.25 + 0.25 Z22= ( Z3 + Z 2 )=¿ 840. 0.25 -Matrice chaîne : On a trois quadripôles en cascade T1, T2 T3 : T1=
[ ] 1 1 Z3
0
1 Z1 0 1
[ ]
, T2=
[
Z 1 Z3 + Z 1 Z 2 + Z2 Z3 Z1 +1 Z3
T eq=
Z 3+ Z 2 Z3 1 Z3
T11=1.23 T12=555.29 T21=0.001 T22=1.47.
, T3=
1
]
[ ] 1 Z2 0 1
0.5
0.25 0.25 0.25 0.25
Calcule de l’impédance d’entrée et de sortie : U 1=( Z 11 ) I 1 + Z 12 I 2 U 2=Z 21 I 1 + ( Z 22) I 2 = −Z C I 2 Z e =Z 11−
Z 21 Z 12 ⇒ Z e =¿ 518.33 Z22 +Z C
0.25
U 1=( Z 11 ) I 1 + Z 12 I 2 =Z ¿ I 1 U 2=Z 21 I 1 + ( Z 22 ) I 2 Z s=Z 22−
Z 21 Z 12 ⇒ Z s=398.35 Z 11 + Z ¿
0.25
Lors du débranchement de la charge et de l’alimentation : Z e =Z 11
0.25 2
0.25
Z s=Z 22
Solution Exercice02 (05 points) : Un réseau à deux ports possède les paramètres S suivants :
[
j6° j 67 ° [ S ] = 0.1 ej 45° 0.9 e j 6°
0.9 e
0.12 e
]
1. Pour que le composant soit réciproque il faut : S12=S21 le composant n’est pas réciproque 0.25 Pour que le composant soit sans perte il faut :
0.25
Le composant avec perte 2. Si le port 2 est terminé par une charge adaptée,
0.25
Г 1=S11
Les pertes de réflexion au port 1 sont : PГ =−20 log ( Г 1) =20dB 0.75 3. Si le port 2 est 1
Г 2=S 22
terminé
par
un
court-circuit,
0.25
Les pertes de réflexion au port2 Г 2=−20 log ( ¿ Г 2 )=18.41 dB P¿
0. 75
4.
[ S ' ]=[ D ][ S ] [ D ]
[
− jɸ 1
[ D ]= e
avec
[ S ' ]=
[
0
0 − jɸ 2
e
−2 jɸ 1
]
donc
− j (ɸ1+ɸ 2)
S11 e S 12 e − j(ɸ1 +ɸ2) −2 jɸ 2 S21 e S 22 e
]
0.5
− j 34 °
S11 e j 12° S 12 e ¿ ¿ S21 e− j 10°
[
j 6 °−2 j 20 °
[ S ' ]= 0.1 e j 45 °− j 55 ° 0.9 e
On a : ɸ 1=
2 π l1 λ
0.5
]
0.9 e j 67 °− j 55 ° [ − j 64 ° ¿] j6 ° −2 j 35° = ¿S 22 e 0.12 e ⇒l 1=
λɸ1 2π
0.5 3
2 π l2 λɸ2 ⇒ l 2= λ 2π ⇒ l =0.05 m = 0.25 1 l 2=0.09 m 0.25
et
ɸ 2=
0.5
Solution exercice03 (04 points) : 1-En utilisant la relation entre a1, b1 et , la réflexion à l’entrée du composant est donne par b1=S 11 a1 +S 12 a 2 0.5 b2=S 21 a1 + S22 a2 S a +S a a Г 1= 11 1 12 2 = S 11 + S12 2 a1 a1 a2 Avec Г L= b 2 S 12 S21 Г L Г 1=S11 + 0.5 1−S 22 Г L❑
0.25 0.25
2- Maintenant en utilisant la relation entre a2, b2 et , la réflexion à la sortie du composant est donne par : b1=S 11 a1 +S 12 a 2 b2=S 21 a1 + S22 a2 Г 2=
b2 S 21 a1+ S 22 a2 a = = S 22+ S 12 1 a2 a2 a2
0.25
a
0.25
1 avec Г e = b 1
Г 2=S 22 +
S12 S21 Г e 1−S11 Г e ❑
0.5
Dans le cas d’un composant dont S12=0 Ces deux coefficients deviennent Г 1=S11 Г 2=S 22
0.25 0.25
Explication :Il ya adaptation à la sortie et l’entrée
1
Solution Exercice04 (04 points) :
[ S eq ] =
[
S 112 S121 S + 2 S 11 +S 122 S221 S 121
S 112 S 212 S 211 + S122 S221 S212 + S122 (S 222−S211 )
S 122+ S 211
S 122+ S 211
1 11
]
4
4
a1
a4
b1
b4
5