Wiskunde Uitwerkingen H15

  • November 2019
  • PDF

This document was uploaded by user and they confirmed that they have the permission to share it. If you are author or own the copyright of this book, please report to us by using this DMCA report form. Report DMCA


Overview

Download & View Wiskunde Uitwerkingen H15 as PDF for free.

More details

  • Words: 8,255
  • Pages: 19
53 Getal en Ruimte

VWO B deel 4

hoofdstuk 15

Afgeleide en tweede afgeleide

blz.90 1. a.

rck  tan O 

PP ' yP e p   OP ' xP p

b. f ( x)  e x  f '( x)  e x rc k  f '( p)  e p c.  ep ep   e p  e p p  e p  e p ( p  1)  0  p  1 p   p p rc k  f '( p)  e  rck 

p  1  raakpunt (p, e p )  (1, e)  vergelijking raaklijn: y  e x  b door O  b  0  y  e x

2. yQ  2

rcl  tan A 

b.

f '( x )  e  f '(q )  eq en rcl  f '(q )  eq

q

x

Uit a. en b. volgt: c.



eq  2 q

a.

y1 

eq  2  eq q

ex  2 ; y2  e x x

Calc intersect geeft: x  q  1, 46

3. a. m is raaklijn in P  rc m  f '( p )  f ( p)  f ( p)   f '( p)  m door O  rcm  tan O  p p  b.

f ( x)  ln x  f '( x)  1x . Gebruik makend van de formule in a. geldt: 1 ln p   ln p  1  p  e  yP  ln e  1  P (e , 1) p p rc m  1e  y  1e x  b met m door O geeft b  0  y  e1 x

blz.93 4. 1

f ( x)  x  x 2  f '( x)  12 x f '( x ) 

f ( x)  y A x  xA

 12



1 2 x

met A (4 , 0) geeft:

2 x  x  x  4  2x x 4 f '( x ) 

1 2 x

x 0  x 4 2 x xB  4   B(4, 2) yB  f (4)  2 1



 f '(4)  14  raaklijn: y  14 x  b door: (4, 2) 2  1  b  y  14 x  1

54

5. a. f ( x)  x 2  1  f '( x)  2 x f ( x)  y A x2  1 f '( x )  met A (0, 0) geeft: 2 x   x  xA x 2 x 2  x 2  1  x 2  1  x  1  x  1 f '( x )  2 x  f (1)  2 door O geeft raaklijn: y  2 x f '( x )  2 x  f (1)  2 door O geeft raaklijn: y  2 x b. f ( x)  x 2  1  f '( x)  2 x f ( x)  y A x2  1  0 f '( x )  met A (1, 0) geeft: 2 x   x  xA x 1 2 8 2 x 2  2 x  x 2  1  x 2  2 x  1  0  x1,2  1 2 2 f (1  2)  1  2 ; f (1  2)  4  2 2  raakpunten: (1  2 , 4  2 2) ;

6. a.

(1  2 , 4  2 2)

2  2 ln( x) en plot (zie figuur hiernaast) x 2  2ln( x) f ( x)  ; t ' n  2x x 2 x t n '  (2  2 ln( x )) 1  2  2 ln( x )   2 ln( x)   2ln( x) f '( x )  ; f '( x )  0  2 ln( x )  0  x  1 x2 Zie grafiek: max f (1)  2  B f   , 2 ]

Voer in: y1 

b. f '( x ) 

f ( x)  y A x  xA

met A (0, 0) geeft:

2 ln( x)  x2

2 2ln x x

x

2ln( x)  2  2ln( x)  4ln( x)  2  ln( x)    x  e 1 2

1

Dus rc  f '(e 2 )  e ; raaklijn: y  e x c.

Zie figuur en uitkomst onderdeel b. twee oplossingen voor 0  a  e



 12

2ln( x) 2  2 ln x   x2 x2

55 7. a. f ( x)  (2 x  1)e x  f '( x)  2 e x  (2 x  1)e x  (2 x  3)e x f ( x)  y A (2 x  1)e x f '( x )  met A (0, 0) geeft: (2 x  3)e x   x  xA x (2 x 2  3x)e x  (2 x  1)e x  (e x  0) 2 x 2  3x  2 x  1  2 x 2  x  1  0 geeft: x  12  x  1 1

x  12  raaklijn y  4e 2 x ( 4 e x) x  1  raaklijn y  1e x

b. Zie de figuur hierboven: de raaklijnen moeten liggen in de grijze sectoren zoals die in de figuur zijn aangegeven. Voorwaarden voor de richtingscoëfficiënt a zijn: 0  a  e1 f '( x )  c.

8. a.

of

f ( x)  y A x  xA

a4 e met A (1, 1) geeft: (2 x  3) e x 

(2 x  1) e x  1 x 1

(2 x  1) e x  1 x 1 Calc intersect geeft: x  0,75131  P(0, 75 ;  0, 24) Voer in: y1  (2 x  3) e x ; y2 

f ( x)  x ln( x)  x  f '( x)  1 ln( x)  x 1x  1  ln( x ) f ( x)  y A x ln( x)  x  e 2 f '( x)  met A (0,  e 2 ) geeft: ln( x)   x  xA x x ln x  x ln( x)  x  e 2  x  e 2 .  rc  f '(e2 )  2  raaklijn: y  2 x  b door (0,  e 2 ) geeft b  e 2 , dus y  2 x  e 2

b. f ( x)  yB x  xB

x ln( x)  x  1  xb x 1 x ln x  b ln x  x ln x  x  1  b ln x  x  1  b  ln x 0 < rcl  1  0  ln x  1  1  x  e x 1 Dus we gaan het bereik van de functie b( x)  onderzoeken met D f  1, e ln x x 1 Voer in y1  ln x x 1 b( x )   t ' n  1 ln x  ln x ln x tn '  ( x  1) 1x  1  1x  f '( x ) 

met B (b ,  1) geeft: ln( x ) 

ln x  1x  1  b '( x) 

ln x  1x  1

 ln x 

Nu is op 1, e is b '  0  b( x) is stijgend   x 1 e 1   1  b  e 1 lim  1 en b(e)   e 1  x 1 ln x 1

2

56 c.

x ln x  x  0  x ln x  3ln x  x ln x  x  3ln x  x x3 Met Calc intersect krijgen we als oplossingen van de vergelijking voor x : 1, 85718 en 4,53640 De ln(…) van deze x-coördinaten levert de rc'n op van de respectievelijke raaklijnen: 0,6191 en 1,5121. y  0, 6191 x  b door (3, 0)  b  1,86 raaklijn: y  0, 62 x  1,86 ln x 

y  1,5121 x  b door (3, 0)  b  4,54 raaklijn: y  1,51x  4,54 9. f ( x)  x e1 x  f '( x )  e1 x  x e1 x 1  (1  x ) e1 x De waaier van lijnen y  a( x  12 ) gaat door A(  12 , 0) f ( x)  y A f '( x )  met A (1, 1) geeft: x  xA x e1 x  0 (1  x) e1 x   x  12 x(1  x) e1 x  12 (1  x) e1 x  x e1 x  x(1  x)  12 (1  x)  x  x  x 2  12  12 x  x  2 x 2  x  1  0  x  12  x  1 f ( 12 ) 

1 2

e ; f (1)  e 2 

raakpunten: ( 12 , 12 e) en (  1,  e 2 ) ( 12 , 12 e) invullen in y  a ( x  12 ) geeft: a 

1 2

e (raaklijn p )

(  1,  e 2 ) invullen in y  a ( x  12 ) geeft: a  2e 2 ( raaklijn q) Resumerend: één gemeenschappelijk punt voor a

1 2

e  a  2e 2  a  0

blz.94 10.

figuur A a.

zie figuur A: de lijnen genummerd 1, 2, 3.

b.

door B 1; door C 0 ; door D 2 en door E 1 (zie figuur A)

figuur B

57 c.

ja zie figuur B: de punten O, P en Q.

d.

ja zie figuur B: het punt R .

11. s (t ) t 3  6t 2   t 2  6t  g (t ) t t g '(t )  2t  6  g '(t )  0  2t  6  t  3 Op t  3 wisselt g ' van teken van  naar  .  g is maximaal voor t  3  p  3 gem. snelheid 

max. gem snelheid  g (3)  9m/s=9 3,6  32, 4 km/u

12. a.

N (t )  1000 e 0,05(t 11)

2

2

N (4)  1000 e 0,05( 7)  86, 29  86 besmettingen

 2

N '(t )  1000 e0,05( t 11)  0,10 (t  11)  100(t  11) e 0,05(t 11) b.

2

2

N '  0  100(t  11) e 0,05(t 11)  0  t  11 Dus op dag 11 is het aantal nieuwe besmettingen het hoogst

c. Gemiddeld aantal besmettingen 

N (t ) , dus voer in: t

y1 

1000 e 0,05(t 11) t

2

Calc max. geeft: x  t  10 blz.95 13. a. H (t ) 

1 1  24e 0,2t

t ' n  0 (1  24e 0,2t )



 0

t n '  1.  24 e 0,2t 0, 2  4,8 e0,2t  4,8 e 0,2t

H '(t ) 

4,8 e

0,2 t

 1  24e 

0,2 t 2



; H '(t )  0 voor alle t  H (t ) is stijgend

b. 1 1  1 0,2 t 1  24e 1  24 0 1 Dus de grenswaarde van H (t )  is 1. 1  24e 0,2t 9500 m3 geeft een opbrengst van 0,95 per m3 dus H = 0,95. Voer in: 1 y1  ; y2  0,95 Calc intersect geeft: t  30, 61 , dus na 31 jaar 1  24e 0,2 x lim e 0,2t  0 t 

c.

d.

e.



lim t 

y2  nDeriv ( y1 , x , x ) ; window  [ 0, 20]  [0, 0.1] Calc maximum geeft: voor x  t  15,89  16 jaar . Toename na 6 jaar is H (6)  H (0) . Gemiddelde toename per jaar na 6 jaar =

 H (6)  H (0)  / 6   y1 (6)  y1 (0)  / 6 

0, 0136 m3 / jaar .

58

f.

Voer in: y3   y1 ( x)  y1 (0)  / x Calc max . geeft: x  22, 48. Na 22 12 jaar zal hij kappen met als opbrengst  y1 (22, 48) 10000  7789 m3 . N.B. de antwoorden van e. en f. zijn in het antwoordenboekje van de uitgever niet correct. Daar is namelijk gemiddelde opbrengst verward met gemiddelde toename.

blz.96 14. a. f ( x)  12 x 2  x  1,5  g ( x)   x 2  4 x 

b.

c.

f (1)  3    punt (1,3) ligt op beide grafieken. g (1)  3

f ( x)  12 x 2  x  1,5  f '( x)  x  1  f '(1)  2 raaklijn: y  2 x  b door (1, 3)  k : y  2 x  1 2 g ( x)   x  4 x  g '( x)  2 x  4  g '(1)  2 raaklijn: y  2 x  b door (1, 3)  l : y  2 x  1 Dus k  l (vallen samen) A is een gemeenschappelijk punt van de grafieken met dezelfde raaklijn: A is het raakpunt van de grafieken.

blz.98 15. a. Vraagstuk wordt dan: lijn y  px door A (0,0) raakt de grafiek van f ( x)  x  ln x . f ( x)  x  ln( x)  f '( x)  1  1x f ( x)  y A x  ln( x) f '( x )  met A ( 0, 0) geeft: 1  1x   x  1  x  ln( x )  x  e x  xA x f (e)  e  ln(e)  e  1; raakpunt (e ;e  1) p  f '(e)  1  e1 In bovenstaande voorbeeld komt geen rechte lijn voor, dus kunnen we ook niet gebruik maken van een formule waarin een rechte lijn een rol speelt. b. x  ln( x)  2  p x  p 

x  ln( x)  2

 x

ln( x)



x x 1 p 1 2  1   p  2 x   1   2 x  x 2 x x x  ln( x) 2 2 y1  x   ; y2  2 x  x x x Calc intersect geeft: x  2,926  p  2, 252 Voordeel: direct in te voeren in GR. 16.

2  x  



 

59  f ( x)  g ( x)  f '( x)  g '( x) 



  x 2  8 x  12  x 2  px   2 x  8  2 x  p  p  4 x  8  x 2  8 x  12  x 2  (4 x  8) x  x 2  8 x  12  x 2  4 x 2  8 x 2 x 2  12  x   6  p  4 6  8 of

p  4 6  8

17.  f ( x)  g ( x)  f '( x)  g '( x)  

 x  e x  x 2  px  x x  1  e  2 x  p  p  2 x  e  1 x  e x  x 2   2 x  e x  1 x

x  e x  x 2  2 x 2  xe x  x Voer in: y1  e x ; y2   x 2  xe x Calc intersect geeft: x  0, 7391  x  0,8825 p  2,572  p  2,531 18. a.  f3  g q  f ' g '  q  3

 2 ln x  3x  x 2  q  2 2  x  3  2 x  2  3x  2 x

2 x 2  3x  2  0 x   12 (v.n.)  x  2 

q  2 ln(2)  2  f p  g2   f ' g'

b.



 2 ln( x)  px  x 2  2  2 2  x  p  2x  p  2x  x

2 ln( x)  (2 x  2x ) x  x 2  2 ln( x)  2 x 2  2  x 2  2 Voer in: y1  ln( x)  2 x 2  2 ; y2  x 2  2 Calc intersect: x  1,7110634  p  2, 252

blz.99 19. a. Stel g(x)=0  f ( x)  g ( x)  f ' g' 

 e x  p  x  0   x2  p 1  0  2 x e

 e x

2





2

p

 x

x2  p

1 2x

  e  x  2x1

2 x 2  1 x

1 2

(v.n.)  x  

coordinaten: (  x2  p

1 2

1 2

; 0)

x voldoet niet omdat e positief is en derhalve ook het rechterlid in het bovenstaande stelsel opositief moet zijn. 1 2

b.

60 f 2  e x I e

2

x2  2

2

x

g q  ln( x)  q 2

II 21x4e x2 243  1  1x { y

 x  ln( x)  q

y2

1

Calc intersect geeft: x  0, 74178957 Invullen in I geeft: q  1,275 20. blz.100 21.

a 1

rc k 

 a ; rcl 

1  a

p

  p

f 'g '  1 p

8 x

4 p

8

x x

2 x



8  1 x2

 1  x2 x p  14 x 2 x

x x 8

x  1, 27...(vn)

 1a

f g p x



 14 x 2 x 

8 23 13 x   4 32  2 4 2  4  x  2 2  y   5 24  x  0 x 24

x4  8 

1 4

(2 4 2 ; 2 4 8 ) 8 x x



8 5 4

2  2

5 4



8 5 4

2 2

5 8



23 2

15 8

9

 28  2 8 2

22. a. f ( x)  x 2  4 x



f '( x )  2 x  4 

f '(5)  rcl  6 rcl rc k  1  rc k   16

k : y   16 x  b door (5, 5)  b  5 56 k : y   16 x  5 56 b. l : y  5 x  p  2x  1 g ( x)   x2

t ' n  2( x  2)  2 x  4 tn '  (2 x  1) 1  2 x  1  5

g '( x)  15 

5 1 ( x  2)2 5

(3, 1) op y  5 x  p p  16

rc q  15

rcl  5  rcl rcq  1 

;





g '( x) 

( x  2) 2  25  x  2  5

5 ( x  2) 2 

x3  y  g (3)  1 (7, 3) op y  5 x  p p  32

x  2  5 x  7 y  g ( 7)  3

61 c. 2x

h( x ) 



x 4 2

t ' n  2 x2  4

 2 x2  4 2 x2

1

tn '  2 x 12 ( x 2  4) 2 2 x 

x2  4

 2 x2

2 x2  4 

x 4 2



8



2( x 2  4)  2 x 2 x 4 2

 8 x 4  3 1  8 2 6 2 2 1 2 2 2 2 2   2 3  8  ( x  4)  2  ( x  4)  2 2 ( x  4) x  4 x 4 2 ( x  4)   h '( x) 8  1  h '  18  h '( x) 



8 x 4 2

2





x 2  4  16 x 2  12  x   12  2 3

h( 12) 

2 12

 12 12  3  16 2 12 h( 12)    12 12   3  16 3) op y  8 x  q

(2 3 ;

(2 3 ;

3)

(2 3 ;  3)

 q  17 3

(2 3 ;  3) op y  8 x  q  q  17 3 23. Stel k ( x)   12 x  12 f ( x)  ( x 2  p) e x  f '( x)  2 x e x  ( x 2  p) e x Loodrecht snijden houdt in: k ( x)  f ( x)  k '  f '  1 2 x 1 1  2 x  2  ( x  p) e   12  2 x e x  ( x 2  p ) e x   1 ( x 2  p ) e x   12 x  12 ( x 2  p ) e x   12 x  12 14 2 43

 

2 x e x  ( x 2  p) e x  2 ( x 2  p ) e x   e x432 124x 2 y2

y1

y1  y2 met calc intersect levert op x  5,122175  x  0, 7048244 Invullen in k ( x) geeft als mogelijkheden voor A: (-5,12; 2,06) en (0,70; -0,85)

24.

a. f ( x)  x3  x  f '( x)  3x 2  1 ;

g ( x) 

p p  g '( x)   2 x x

Raken: f ( x)  g ( x)  f '( x)  g '( x)  p p x3  x   3x 2  1    2  x x p  x4  x2  p  3x 4  x 2  x 4  x 2  3x 4  x 2  4 x 4  2 x 2  0  2 x 2 (2 x 2  1)  0  x  0 (v.n.) x

1 2

 y f(

of x  

1 2



x2  1 2

)

 y  f (

1 2

1 2 1 2

x

1 2



)   12

1 2

  12 1 2



 p   14

1 2

 A(

1 2 1 2



1 2

1 2

 A(

1 2

;  12

1 2

)

; 12

1 2

)

1 2



62 b. f ( x)  x3  x  f '( x )  3 x 2  1 ; Loodrecht snijden: f ( x)  g ( x )  p 3 x x  x p  x4  x2

g ( x) 

p p  g '( x)   2 x x

f '( x ) g '( x )  1   3x 2  1   xp2  1 x2 p 2  3x  1



x2  x 2  ( x 4  x 2 )(3x 2  1)  x 2  3x 6  4 x 4  x 2  x 4 (3x 2  4)  0  3x 2  1 x  0 (v.n.)  x 2  43  x   43 x4  x2  x x x

4 3 4 3

 p  x 4  x 2  16  43  9

y 4 3

p  x

y

4 9 4 3

 94 

4 9

3 2 9 3 2

 A(

4 3

;

4 p 3  9   94    92 3  B ( 4 x  3 2

2 9

3) 4 3

;  92 3)

blz.102 25. y1   13 x3  12 x 2  6 x  3 ; window : [6, 5]  [12, 14] a. Zie figuur. b. Dalend op , -3〉 en op 〈 2, →〉; stijgend op 〈-3 , 2〉. Bij benadering: toenemend stijgend op 〈-3 , -0,5〉; afnemend stijgend op 〈-0,5 ; 2〉. c. f ( x)   13 x 3  12 x 2  6 x  3

d. e.



f '( x)   x 2  x  6

y2   x 2  x  6 ; window als bovenstaand. Zie figuur xP  2ab  12   12 xP vormt de grens van de intervallen behorende bij toenemend stijgend naar afnemend stijgend.

26A. a.

b. c. d. e.

x g ( x)

-1 4 16

0 0

1 1 16

2

g '( x)

6

2 12

0

1 12

1 3

3 1 12

4 3 13

-2

1 12

x<3 (3,  1 12 ) toenemende g '( x) : rakend aan de onderkant afnemende g '( x): rakend aan de bovenkant.

5 -4 16 0

6 -3

7 1 16

2 12

6

63

blz.104 1

ln 2  ln 2 2  ln 2 2  12 ln 2

26B. blz.105 27.

f ( x)  x e x  1 e x  x e x  e x  x e x  f ''( x)  e x  1 e x  x e x  (2  x)e x 2 f "( x)  0  (2  x) e x  0  x  2  xBP  2  yBP  f (2)   2 , dus BP (-2 ,  22 ) e e rc buigraaklijn  f '(2)  e 2  2e 2   12  k : y   12 x  b e

invullen:

(-2 , 

dus k : y   28. a. b.

f (0)  0 ; f (2) 

29. a.

b.

x



2 e2



e 2 e2

b

 b 

4 e2

4 e2

y1   121 x 4  13 x 3 ; window : [5 , 3]  [5 , 4] : zie fig. 1 x 4  1 x3 f ( x)   12 3 f "( x)  0 

c.

1 e2

2) e2

 f '( x)   13 x3  x 2 f "( x)   x 2  2 x  x( x  2)  0  x  0  x  2 4 3

 buigpunten: (0, 0) en (  2, 43 ).

f '( x )   x 2  2 x  f '(0)  0

 raaklijn in (0, 0) is horizontaal.

De afgeleide van een derdegraadsfunctie f (x) is een tweedegraadsfunctie. Als de grafief van f twee toppen heeft wisselt f ' tweemaal van teken ( D < 0 ). De grafiek van f ' snijdt daarom tweemaal de x – as: zie de figuur hiernaast. De situatie is hier getekend voor een dalparabool, maar ook bij een bergparabool is de bewijsvoering hetzelfde. xC is de x-coördinaat van de top van de parabool, maar teven de x – coördinaat van het buigpunt (de helling heeft in een buigpunt een extreme waarde) Omdat een parabool symmetrisch is en de symmetrie-as door de top gaat, x  xB geldt: xC  A . q.e.d. 2 De afgeleide van f (x ) is f ' met als grafiek een parabool. Een parabool heeft precies één top en dus f ' één extreme waarde. Dus de grafiek van f (x) heeft precies één buigpunt.

30. a. f p ( x)  14 x 4  2 x3  px 2  5 x  5 

f5 ( x)  14 x 4  2 x3  5 x 2  5 x  5 

f5 '( x)  x3  6 x 2  10 x  5

f5 ''( x)  3x 2  12 x  10 D  144  4 3 10  24  0  f " wordt 2 maal 0 en wisselt 2 maal van teken  grafiek f5 heeft twee buigpunten.



b. f p ( x)  14 x 4  2 x3  px 2  5 x  5 

f 6 ( x)  14 x 4  2 x 3  6 x 2  5 x  5 

f5 '( x)  x3  6 x 2  12 x  5

f5 ''( x)  3x 2  12 x  12 D  144  4 3 12  0  Grafiek f " raakt de x-as.  f " wisselt niet van teken  grafiek f 6 heeft geen buigpunten.



64

c.

De tweede afgeleide van een vierdegraadsfunctie is een tweedegradsfunctie, zeg f ( x)  ax 2  bx  c . Doordat zowel a als D verschillende waarden kunnen hebben, zijn er 6 mogelijkheden.

D>0

D=0

D<0

a>0

a<0 Heel duidelijk wordt hiermee aangetoond dat f " òf tweemaal òf geen enkele maal van teken wisselt. Vertaald naar het aantal buigpunten wordt dit: òf twee òf geen buigpunten. blz.106 31. f p ( x)  x 4  px 3  34 x 2  10

 f p '( x)  4 x3  3 px 2  32 x  f p "( x)  12 x 2  6 px  32

f " is tweedegraads  geen buigpunten als D  0  36 p 2  4 32 12  0 

36 p 2  72

 p2  2 

 2 p 2

32. a. Voer in: y1  (( x  2) ^ 2) ^ (1/ 3) ; y2  ( x  2) ^ (1/ 3) ; window  [2, 6]  [3 , 3] Zie figuren hieronder.

b. c.

min f (2)  0 ; f '(2) bestaat niet (is niet gedefinieerd). verticale lijn, dus x = 2

65 d.

g ' (0) is niet gedefinieerd. Raaklijn aan de grafiek van g is eveneens de verticale lijn x = 2. De grafiek gaat in (2 , 0 ) wel "glad" over van bol naar hol.

33. a.

5  10 ln( x) x

f ( x) 

t ' n  10x x 

t n '  (5  10ln( x)) 1  5  10ln( x)  5  10 ln( x)

5  10 ln( x) f '( x )  x2

10 x 2 x

t 'n 

b.





10 x

t n '  (5  10 ln( x)) 2 x  10 x  20 x ln( x)  20 x  20 x ln( x)

20 x  20 x ln( x) f "( x)  ; x4 f (e)  15 e 

10

f "0 



20 x  20 x ln( x )  0



20 x(1  ln x )  0  x  0 (v.n.)  ln x  1  x  e

15 ) e

buigpunt: (e ,

De opgave moet als volgt luiden. Er zijn twee lijnen door (0, 2) die de grafiek van f raken. Toon aan dat voor de x-coördinaten van de raakpunten geldt: x  10 ln x . f ( x)  y A f '( x)  met A(0, 2) geeft: x  xA 5  10 ln x

2 5 -10 ln x 2   x2 x 5  10 ln x  5  10 ln x  2 x 

5 -10 ln x 5  10 ln  2 x   x2 x2 x  10 ln( x)

34. a. f ( x) 

1

 2 1

f '( x )  

e

10 2

2  12  x 

e

1000 2 1 1000 2 1



 2

1

f "( x) 



180   12  x10  

1 10 2

2

e

180   12  x10  



1

 x  180  1 1  10   10  2

e

180   12  x10  

( x  180)  2

e

180   12  x10  

2

180   12  x10  

1

1 ( x  180) 2  1 e   100  1000 2 2 2 1 f "( x)  0   100 ( x  180)  1  ( x  180)  102  x  180  10  x  180  10  x  190  x  170 zijn de x-coordinaten van de b.p.'n



b.



 12  1  x  180  1 ( x  180)   1   e  10 10 1000 2   

2

x180  10 



66

f ( x) 

1

 2 1

f '( x )  

e

e

 2 1

 3 2 1

f "( x) 

 3 2



2  12  x 

1







2  12  x 

e



1

 x 1 1      



2  12  x 

e





( x   ) 

2  12  x 

e





2  12  x  



1



 12  1  x 1  1   ( x   )   e   3   2  

x   2  



  12 ( x   )2  1

 2 f "( x)  0   12 ( x   )2  1  0  ( x   )2   2   x      x      x     x    zijn de x-coordinaten van de b.p.'n 35. a.

3

5

voer in: y1   ln( x)   2 ln( x)  2 ; window  0, 6  [4, 6] zie figuur. 2

y

f

4

3

2

1

x 1

b.

2

-1

f ( x)   ln( x)   2 ln( x)  2  2 ln( x) 2 2 ln( x)  2 f '( x )  2  ln( x )  1x  2 1x    x x x 2 ln( x) 2 f '( x )  0    2x  ln( x )  1  0 x x 2  0  ln( x)  1 x k .n. x  e 1  e1 2

-2

-3

1 1 grafiek: min = f (e )  3  top: (e ;  3)  ( e1 ,  3)

c. f '( x ) 

2 ln( x) 2   1 2x 3 x

t ' n  2x x 

2

h( x )

tn '  2 ln( x ) 1  2ln( x )  2  2 ln( x)  h '( x ) 

2  2 ln( x) x2

2  2 ln( x) 2 2 ln( x)  2  2 x x x2 2 ln( x ) f "( x)  0   0  2 ln( x)  0  xBP  1  x2 yBP  f (1)  2  BP  (1,  2) f '(1)  2  raaklijn y  2 x  b door (1,  2) geeft b  4  raaklijn: y  2 x  4 f "( x) 

d.

3

4

5

6

67 f ( x)  y A 2 ln( x)  2  ln( x)   2 ln( x)  2 f '( x )  met A(0, 0)    x  xA x x 2

2ln( x)  2   ln( x)   2 ln( x)  2   ln( x)   4  2

2

ln( x)  2  ln( x)  2  x  e2  x  e2 f '(e2 ) 

 y

6

e2

f '(e2 ) 

6

e2

x

 2e2  y  2e2 x

2

e2

36. a. f ( x)  6 x e f '( x )  6 e

1 x3  24

1 x3  24

  6 x e

e

f '( x )  0 

1 x3  24

1 x3  24

3 2  24 x e

1 x3  24

(6  34 x3 )

(6  34 x3 )  0  3 4

x3  6  x3  8  xtop  2

b. f '( x )  e

1 x3  24

f "( x)  e

(6  34 x3 ) 

1 x3  24

e e

1 x3  24 1 x3  24

81 x 2 (6  34 x 3 )  e

1 x3  24

 94 x 2 

  34 x 2  323 x5  94 x 2  

 3 x e

f "( x)  0 

2

 323 x5 

1 x3  24

 3 x

2

 323 x5   0  3x 2  323 x5  0 

32 x 2  x 5  0 

x 2 (32  x 3 )  0 

x  0 (2, dus v.n.) 

xBP  3 32

c. f '( x ) 

f ( x)  y A met A(1, 0)  x  xA  1 x3

6e 24 e1 4 4 (6  x ) 2 4 43 13 14x2 4 1 x3  24

3 4

y1

3

plot in [-3, 5]  [-8, 16]

y2

calc intersect geeft: x  1, 478

 x  2, 000

37. 1e y2  f "( x) , daarna calc zero 2e y2  f '( x ) , daarna calc maximum of calc minimum Daarna de gevonden x-coördinaat in f invullen. blz.108 38. a. Voer in: y1  0,0004 x3  0, 04 x 2  0, 28 x; Zie figuur window [0, 110]  [0, 100] b. Calc maximum geeft: x = 70; y ≈ 78 mg/l

100 90

mg/l 80 70 60

C

50

Dus na 70 is concentratie max.: 78 mg/l

40

c.

30 20 10

t -10

O -10

10

20

30

40

50

60

70

80

90

100

110

68 C  0,0004t 3  0, 04t 2  0, 28t  dC  0, 0012t 2  0, 08t  0, 28 dt dC dt

geeft informatie over de toename van C per minuut

y2  0, 0012 x 2  0, 08 x  0, 28 Calc max imum geeft: na ongeveer 33 minuten . 39. a. dN  2 e0,02t e-macht > dt d dN  0, 04 e 0,02 t  0 { dt dt { pos neg

 

0  ddNt  0

b. dN  0 dt d dN dt dt

 



 N is stijgend 0

dN dt

  helling neemt af.

 N is afnemend stijgend

c. dN dt

N is stijgend 

0

 ddNt 

0

 toenemend dalend:  d  dt

 ddNt 

toenemend stijgend  ddNt neemt toe 

d dt

d. dalend  ddNt  0 : 

 afnemend dalend:

 

d dN dt dt

0

0

40. T  20  80e 0,2t T '( x)   16e 0,2t  T is dalend T"(x)=3,2 e0,2t  rc. neemt regelmatig toe. Dus afkoelingsproces verloopt steeds langzamer. blz.110 41. y1  100 * e ^ (0,01xx) window [0, 25]  [0, 110] a. b. y1  100 * e ^ (0,01xx ) ; y2  50 calc intersect  x  8,3255 geeft: 8,3255 60  500 sec . c. 2

V (t )  100 e0,01t  2

V '(t )  100 e0,01t 0, 02t  2t e0,01t 2

2

2

V "(t )  2 e0,01t  2t e0,01t 0, 02t 

 2  0, 04t  e0,01t 2

2

V "(t )  0  2  0, 04t 2  0  t 2  50  t   50  na 50 60  424 sec. d. max uitstroomsnelheid = V '( 50)  8,5776 De helft hiervan is  4, 2888 y2  nDeriv( y1 , x , x) ; y3  4, 2888 ; window [0, 20]  [10, 0] calc intersect geeft: x  13,5879  x  2, 2564 (v.n.) Aantal sec. na tijdstip  13,5879 60  424  391 sec.

69

42. a. 3

2

N  e0,1t 0,5t y1  e ^ (  0,1x ^ 3  0,5 x ^ 2) window [0, 6]  [0, 8] 0,1t 3  0,5t 2

0,1t 3  0,5t 2

N e  N'e (0,3t 2  t ) N '  0  0,3t 2  t  0  3t 2  10t  0  t (3t  10)  0  t  0 (vn)  t  103  3 13 3 13 24  80 uur . b.

c.

8.0

7.0

6.0

5.0

N 4.0

3.0

y2  nDeriv( y1 , x , x ) window [0, 6]  [5, 8] x  2, 4097 2, 4097 24  57,83  58 uur y  3,0047 3,0047 106  3 miljoen bact./dag 0,125 miljoen/dag = 125000 bact./uur

2.0

1.0

x O

1.0

2.0

3.0

4.0

y2  nDeriv( y1 , x , x )  y2 (100 / 24)  4, 42637 miljoen bact. /uur 1  1 106  3074 bact. /min 4, 42637 24 60

43.

f">0 f'>0 f'<0

f"<0

5.0

6.0

70 44. a. s  0, 2t 2  0,1t  s (3)  1,8  0,3  2,1 s (1)  0, 2  0,1  0,3  s   1,8 s 1,8 gem. snelheid =   0,9 m/sec t 2 b. v(t )  s '  0, 4t  0,1 c. d. e.

v(4)=1,6+0,1=1,7 m/sec v(5)= 2,0 +0,1 = 2,1 m/sec v  0, 4 m/s v(t  1)  0, 4(t  1)  0,1  0, 4t  0,5 v(t )   0, 4t  0,1  v  0, 4 m/sec. v is een lineaire functie van t en bij een lineaire functie is de toename per tijdseenheid gelijk aan de rc.

blz.111 45. a. s (0)  0; v(0)  0

a  v '(t )  t 2  6t

6

v(6)   (t 2  6t ) dx

 F (t )   13 t 3  3t 2

0

F (6)  72  108  36 F (0)   0  36 snelheid op t  6 is 36 m/sec b. v(t )   13 t 3  3t 2  c  2 1 3   c  0  v(t )   3 t  3t v(0)  0  6

s (t )     13 t 3  3t 2  dx 

1 t 4  t 3  G (6)  108  216  108 G (t )   12

0

G (0) 

afgelegde weg  108 m c. s (6)  108 m   s (10)  108  4 36  252 m v(6)  36 m/sec. d.

blz.112 46. a.

s (t )  500  108  36(t  6)  500  36(t  6)  392  392 t 6  10 89  t  16 89  16,89 sec. 36



0 108

71 108  m/s  30 m/s  3, 6  remtijd  6 sec.  na 6 sec is v  0, dus v(6)  0   versnelling = a is constant  v neemt gelijkmatig af    (zie figuur)  remweg  s (6)  opp. driehoek  12 30 6  90 m . v(0)  108 km/u 

b.

zie ook bovenstaande uitleg en figuur hiernaast. Noem de remtijd x seconden. Dan geldt: s ( x)  60 en tevens:   15 x  60, dus x  4 sec . s ( x)  opp. driehoek= 12 30 x  15 x 

47. a. a  v '  1,5 m/sec 2 t  0 ; vB  36 km/u  10 m/sec. v A (t )  1,5t  c    c  0  v A (t )  1,5t v A (0)  0  s (t )  34 t 2  c  3 2 v A (t )  1,5t  A   c  0  s A (t )  4 t s A (0)  0  vB  10  sB (t )  10t Inhalen  s A  sB

 34 t 2  10t  3t 2  40t  0 t (3t  40)  0  t  0 (v.n.)  t  13 13 sec .

Dus na 13 13 sec. heeft auto brommer ingehaald. b.

v A (t )  1,5t  vA (13 13 )  1,5 40 3  20 m/sec. = 72 km/u

blz.113 48. a. De functie behorende bij de rode lijn neemt constant af dus de snelheid = v(t) staat op de verticale as. b. Op t = 0 is v = 25 gevolg: B (0, 25). a  4 m/sec 2  De snelheid neemt regelmatig af met 4 m/sec. 25 Gevolg: na  6 14 sec is snelheid 0 of v( 6 14 )  0  A( 6 14 , 0) 4 c. O (OAB )  12 6 14 25  78,125 m ( 78 18 ) Betekenis: afgelegde weg  78 18 m (in 6 14 sec).

Related Documents

Wiskunde Uitwerkingen H15
November 2019 10
Wiskunde Uitwerkingen H21
November 2019 12
Wiskunde Uitwerkingen O.a
November 2019 11
Wiskunde Uitwerkingen H12
November 2019 8
Wiskunde Uitwerkingen H10
November 2019 17