1
06. lim(cos π₯)π₯2 =L π₯β0
SoluciΓ³n: 1
L=lim (cos π₯)π₯2 π₯β0
1
L=limβ‘((1 + (cos π₯ β 1))cos π₯β1 )
cos π₯β‘β1 π₯2
π₯β0 cos π₯β‘β1 lim 2
L=π π₯β0 L=π
π₯
cos π₯β‘β1 β lim π₯β0 π₯2 1
L=π β2 =
1
βπ
=π
1 π2
R//. ππ₯
βπ π
5π
07. lim [cos (β π₯ )] π₯ββ
1 5π β cos β1 π₯
5π
lim {[1 + (cos β π₯ β 1)]
π₯ββ
π
5π β1) π₯
ππ₯(cos β
}
5π β1) π₯
lim ππ₯(cos β
π₯ββ
2 5π 5π β1)(β ) π₯ π₯ 2 5π (β ) π₯
ππ₯(cos β
lim
π₯ββ
π
5π 2 β1 5π π₯ βππ₯β 2 π₯ π₯ββ 5π (β ) π₯
lim
π π
cos β
1 lim β5ππ π₯ββ2
=π
πππ 5ππ lim =π π π₯ββ 2
R//.π
08. lim [
π πΌπ₯ ββ‘π π½π₯ π₯
π₯β0
]= L
SoluciΓ³n: L=lim [ π₯β0
L=lim [
π πΌπ₯ ββ‘π π½π₯
π₯
π₯β0
L=lim [ L=lim [
]
(π πΌ )π₯ +1β1β(π π½ )
π₯
π₯
π₯β0 π₯β0
]
π₯ π πΌπ₯ +1β1ββ‘π π½π₯
(π πΌ )π₯ +1 π₯
]
π₯
β
(π π½ ) β1 π₯
]
πππ π
L=lim [ln π πΌ β ln π π½ ] π₯β0
L=lim [πΌ ln π β π½ ln π] π₯β0
L=lim ln π(πΌ β π½) =(πΌ β π½) π₯β0
R//.(πΌ β π½) π
09. lim(π π₯ + π₯) π₯ =L π₯β0
SoluciΓ³n: π
L=lim (π π₯ + π₯) π₯ π₯β0
1 ππ₯ +π₯β1
L=lim {[1 + (π π₯ + π₯ β 1)] π₯β0
L=π
π(ππ₯ +π₯β1) π₯
}
π(ππ₯ +π₯β1) lim π₯ π₯β0 ππ₯β1 π₯ + ) π₯ π₯
lim π(
L=π lim π(1+1) lim 2π L=π π₯β0 = π π₯β0 = π 2π π₯β0
R//.π 2π 10. lim [
ln(π₯+β)βln π₯ β
ββ0
]
SoluciΓ³n: L=lim [
ln(π₯+β)βln π₯ β
ββ0
L=lim
ln(
]
π₯+β ) π₯
β
ββ0
L=lim ( ββ0
ln 1+
β π₯
β
)
β
Hacemos que π₯ = π§, por lo tanto π§ β 0 L=lim
ln 1+π§
π§β0
π§π₯ 1 1
L=lim (π₯) (π§) ln(1 + π§) π§β0 1
1
L=π₯ lim [(π§) ln(1 + π§)] π§β0
1
1
L=π₯ lim ln(1 + π§)π§ 1
π§β0
1
1
L=π₯ lim ln π = π₯ lim(1) =π₯ π§β0
π§β0
1
R//.π₯
ASINTOTAS En los siguientes ejercicios, hallar las asΓntotas de la grΓ‘fica de las funciones dadas: 01.π(π₯) = β1 + π₯ 2 + 2π₯ SoluciΓ³n: a) Encontramos las asΓntotas verticales: no existe asΓntotas verticales. b) Encontramos las asΓntotas horizontales: Cuando π₯ β β ο·
lim β1 + π₯ 2 + 2π₯
π₯ββ
lim
(β1+π₯ 2 +2π₯)(β1+π₯ 2 β2π₯)
β1+π₯ 2 β2π₯ π₯ββ 2 1+π₯ β4π₯ 2
β‘
lim
π₯ββ β1+π₯ 2 β2π₯ 1β3π₯ 2
lim
π₯ββ β1+π₯ 2 β2π₯
lim
π₯ββ
lim
ο·
1β3π₯2 π₯2 β1+π₯2 β2π₯ π₯2
0β3
π₯ββ 0
=β
Cuando π₯ β +β la asΓntota es ββ y cuando π₯ β ββ es +β
c) Encontramos las asΓntotas oblicuas: π¦ = ππ₯ + π; donde π = lim
π(π₯)
π₯ββ π₯
y π = lim π(π₯) β ππ₯ π₯ββ
ο· Hallamos π β1+π₯ 2 +2π₯
π = lim
π₯
π₯ββ 1
π₯2
π = lim βπ₯ 4 + π₯ 2 +
2π₯
π₯ββ
π₯
π = lim β1 + 2 β π = π π₯ββ
ο·
Hallamos π π = lim β1 + π₯ 2 + 2π₯ β ππ₯ π₯ββ
π = lim β1 + π₯ 2 + 2π₯ β 3π₯ π₯ββ
π = lim β1 + π₯ 2 β π₯ π₯ββ
π = lim
π₯ββ
π = lim
(β1+π₯ 2 βπ₯)(β1+π₯ 2 +π₯) β1+π₯ 2 +π₯ 1+π₯ 2 βπ₯ 2
π₯ββ β1+π₯2 +π₯
π = lim
π₯ββ
1 π₯2 1 1 1 β 4+ 2+ π₯ π₯ π₯
βπ=π
ο·
Hallamos la asΓntota: π¦ = ππ₯ + π β π¦ = 3π₯ + 0 β π = ππ π₯ 2 +9
02. π(π₯) = (π₯β3)2 SoluciΓ³n: a) Encontramos las asΓntotas verticales: De (π₯ β 3)2 = 0 β π₯ β 3 ο·
π₯ 2 +9
lim+ (π₯β3)2 β‘ β Tomamos un valor mΓ‘s cercano a 3 por la derecha.
π₯β3
(3,0001)2 +9
lim+ (3,0001β3)2
π₯β3
+
lim+ + = +β
π₯β3
ο·
π₯ 2 +9
limβ (π₯β3)2 β‘ β Tomamos un valor mΓ‘s cercano a 3 por la izquierda.
π₯β3
(2,9999)2 +9
limβ (2,9999β3)2
π₯β3
+
limβ + = +β
π₯β3
ο·
Por lo tanto 3 es una asΓntota vertical de la funciΓ³n.
b) Encontramos las asΓntotas horizontales: Cuando π₯ β +β y cuando π₯ β ββ ο·
π₯ 2 +9 π₯β+β (π₯β3)2
lim
π₯2 9 + π₯2 π₯2 2 6π₯ 9 π₯ π₯β+β β + π₯2 π₯2 π₯2
lim lim
1+0
π₯β+β 1β0+0
ο·
lim
=π
(βπ₯)2 +9
π₯βββ (βπ₯β3)2 π₯ 2 +9
lim
π₯βββ π₯ 2 +6π₯+9
π₯2 9 + π₯2 π₯2 2 6π₯ 9 π₯ π₯βββ + + π₯2 π₯2 π₯2
lim lim
1+0
π₯βββ 1+0+0
ο·
=π
Por lo tanto 1 es una asΓntota horizontal de la funciΓ³n.
c) Encontramos las asΓntotas oblicuas: π¦ = ππ₯ + π; donde π = lim
π(π₯)
π₯ββ π₯
π = lim π(π₯) β ππ₯ π₯ββ
ο·
Hallamos π π = lim
π₯ββ
π = lim
π₯ββ
π₯2 +9 (π₯β3)2
π₯ π₯ 2 +9 π₯ 3 β6π₯ 2 +9π₯
y
π₯2 9 + π₯3 π₯3 3 6π₯2 9 π₯ π₯ββ β + π₯3 π₯3 π₯3
π = lim
0+0
π = lim
π₯ββ 1β0+0
ο·
=0
Como tenemos que π = 0 decimos que no existe asΓntota oblicua.
3. π(π₯) = βπ₯ 2 + π₯ β π₯ a). Encontramos las asΓntotas verticales: No existe asΓntotas verticales. b). Encontramos las asΓntotas horizontales: Cuando π₯ β +β y cuando π₯ β ββ ο·
lim βπ₯ 2 + π₯ β π₯
π₯β+β
(βπ₯ 2 +π₯βπ₯)(βπ₯2 +π₯+π₯)
lim
π₯β+β
lim
βπ₯ 2 +π₯+π₯ π₯ 2 +π₯βπ₯ 2
π₯β+β βπ₯ 2 +π₯+π₯ π₯ π₯
lim
π₯β+β βπ₯2 + π₯ +π₯ π₯2 π₯2 π₯ 1 π
lim
π₯β+β β1+1
ο·
=π
lim β(βπ₯)2 + (βπ₯) β (βπ₯)
π₯βββ
lim βπ₯ 2 β π₯ + π₯
π₯βββ
lim
(βπ₯ 2 βπ₯+π₯)(βπ₯2 βπ₯βπ₯)
π₯βββ
lim
βπ₯ 2 βπ₯βπ₯ π₯ 2 βπ₯βπ₯ 2
π₯βββ βπ₯ 2 βπ₯βπ₯
lim
βπ₯ π₯
π₯βββ βπ₯2 β π₯ βπ₯ π₯2 π₯2 π₯ β1
lim
π₯βββ β1β1
=π π
ο·
Por lo tanto π y 0 las asΓntotas horizontales de la funciΓ³n.
c). Encontramos las asΓntota oblicua de la funciΓ³n: : π¦ = ππ₯ + π; lim
π(π₯)
π₯ββ π₯
ο·
y
π = lim π(π₯) β ππ₯ π₯ββ
Hallamos π cuando π₯ β +β π = lim
π₯β+β
βπ₯ 2 +π₯βπ₯ π₯ π₯2
π₯
π₯
π = lim βπ₯ 2 + π₯ 2 β π₯ π₯β+β
π = lim β1 β 1 = lim 0 = 0 π₯β+β
ο·
π₯β+β
Hallamos π cuando π₯ β +β
donde π =
π = lim βπ₯ 2 + π₯ β π₯ β ππ₯ π₯β+β
π = lim βπ₯ 2 + π₯ β π₯ π₯β+β
π = lim
π₯β+β
π = lim
(βπ₯ 2 +π₯βπ₯)(βπ₯ 2 +π₯+π₯) βπ₯ 2 +π₯+π₯ π₯ 2 +π₯βπ₯ 2
π₯β+β βπ₯ 2 +π₯+π₯ π₯ π₯
π = lim
π₯β+β βπ₯2 + π₯ +π₯ π₯2 π₯2 π₯ 1 π
π = lim
π₯β+β β1+1
=π 1
π
2
π
ο·
Entonces la asΓntota es π¦ = ππ₯ + π = 0π₯ + = β‘
ο·
Hallamos π cuando π₯ β ββ β(βπ₯)2 +(βπ₯)β(βπ₯)
π = lim
π₯βββ
π = lim
βπ₯ βπ₯ 2 βπ₯+π₯β‘
π₯βββ
βπ₯ π₯2
π₯
π₯
π = lim β βπ₯ 2 β π₯ 2 β π₯ π₯βββ
π = lim β β1 β 1 = lim β 2 = βπ π₯βββ
ο·
π₯βββ
Hallamos π cuando π₯ β ββ π = lim βπ₯ 2 + π₯ β π₯ β ππ₯ π₯βββ
π = lim βπ₯ 2 + π₯ + π₯ π₯βββ
π = lim β(βπ₯)2 + (βπ₯) + (βπ₯) π₯βββ
π = lim βπ₯ 2 β π₯ β π₯ π₯βββ
π = lim
π₯βββ
π = lim
(βπ₯ 2 βπ₯βπ₯)(βπ₯ 2 βπ₯+π₯) βπ₯ 2 βπ₯+π₯ π₯ 2 βπ₯βπ₯ 2
π₯βββ βπ₯ 2 βπ₯βπ₯
π = lim
βπ₯ π₯
π₯βββ βπ₯2 β π₯ βπ₯ π₯2 π₯2 π₯ β1
π = lim
π₯βββ 0
ο·
=π
Entonces la asΓntota es π¦ = ππ₯ + π = β2π₯ + 0 = βππ 9π₯ 2 β6π₯β8
4). π(π₯) = β16π₯ 2 +4π₯β6 3
a) Encontramos las asΓntotas verticales: De 16π₯ 2 + 4π₯ β 6β‘; π₯ = β 4 = β0,75β‘β‘β‘ β§ 1
β‘β‘β‘β‘β‘π₯ = 2 = 0,5
ο·
lim
π₯ββ0,75
9π₯ 2 β6π₯β8
β +
16π₯ 2 +4π₯β6
β‘ β tomamos un valor mΓ‘s cercano a -0,75 por la
derecha. β +
lim
β β
lim
β β
π₯ββ0,75
ο·
9(β0,74)2 β6(β0,74)β8
lim
π₯ββ0,75
π₯ββ0,75
16(β0,74)2 +4(β0,74)β6 9π₯ 2 β6π₯β8 16π₯ 2 +4π₯β6
+
= β = ββ
βtomamos un valor cercano a -0,75 por la izquierda.
9(β0,76)2 β6(β0,76)β8 16(β0,76)2 +4(β0,76)β6
+
= + = +β
οΌ Decimos que 0,75 no es una asΓntota de la funciΓ³n. ο·
9π₯ 2 β6π₯β8
lim + β16π₯ 2 +4π₯β6 β tomamos un valor mΓ‘s cercano a 0,5 por la derecha.
π₯β0,5
9(0,6)2 β6(0,6)β8
β
lim +β16(0,6)2 +4(0,6)β6 = + = ββ
π₯β0,5
ο·
9π₯ 2 β6π₯β8
lim ββ16π₯ 2 +4π₯β6 β‘ β tomamos un valor mΓ‘s cercano a 0,5 por la izquierda.
π₯β0,5
9(0,4)2 β6(0,4)β8
β
lim ββ16(0,4)2 +4(0,4)β6 = β = +β
π₯β0,5
οΌ Decimos que 0,5 no es una asΓntota de la funciΓ³n. b) Encontramos las asΓntotas horizontales: Cuando π₯ β +β y cuando π₯ β ββ ο·
9π₯ 2 β6π₯β8
lim β16π₯ 2 +4π₯β6
π₯β+β
β9π₯2 β6π₯β8 π₯
lim
π₯β+β β16π₯2 +4π₯β6 π₯ 2 8 β9π₯2 β6π₯ β π₯ π₯2 π₯2 π₯β+β β16π₯2 +4π₯β 6 π₯2 π₯2 π₯2
lim lim
β9
π₯β+β β16
ο·
= lim
3
π₯β+β 4
π
=π
9π₯ 2 β6π₯β8
9(βπ₯)2 β6(βπ₯)β8
lim β16π₯ 2 +4π₯β6 = lim β16(βπ₯)2 +4(βπ₯)β6
π₯βββ
π₯βββ
9π₯ 2 +6π₯β8
lim β16π₯ 2 β4π₯β6
π₯βββ
β9π₯2 +6π₯β8
lim
π₯
π₯βββ β16π₯2 β4π₯β6 π₯
2
8 β9π₯2 +6π₯ 2β 2 π₯
lim
π₯
π₯
π₯βββ β16π₯2 β4π₯β 6 π₯2 π₯2 π₯2 β9
lim
π₯βββ β16
= lim
π₯β+β
3
π
=π 4 3
οΌ Por lo tanto 4 es una asΓntota de la funciΓ³n. c) Encontramos las asΓntotas oblicuas:β‘π¦ = ππ₯ + π;
donde π = lim
π(π₯)
π₯ββ π₯
y
π = lim π(π₯) β ππ₯ π₯ββ
ο·
1
lim
π₯βΒ±β π₯β2
οΌ Como el exponente del denominador es mayor que la de denominador por lo tanto no existe el lΓmite.
1βπ₯ 2
5). π(π₯) = π₯ 2 β4 a) Encontramos asΓntotas verticales: De π₯ 2 β 4 = 0β‘ β π₯ = Β±2 ο·
1βπ₯ 2
lim+ π₯ 2 β4 β‘ β tomamos un valor mΓ‘s cercano a 2 por la derecha.
π₯β2
1β(2,0001)2
β
lim+ (2,0001)2 β4 = + = ββ
π₯β2
ο·
limβ
1βπ₯ 2
β‘ β Tomamos un valor mΓ‘s cercano a 2 por la izquierda.
π₯β2 π₯ 2 β4 1β(1,9999)2 limβ (1,9999)2 β4 π₯β2
β
= β = +β
οΌ Entonces 2 no es asΓntota de vertical de la funciΓ³n.
ο·
1βπ₯ 2
lim + π₯ 2 β4 β‘β‘ β tomamos un valor mΓ‘s cercano a -2 por la derecha.
π₯ββ2
1β(β1,9999)2
β
lim + (β1,9999)2 β4 = β = +β
π₯ββ2
ο·
lim β
1βπ₯ 2
β‘β‘ β Tomamos un valor mΓ‘s cercano a -2 por la izquierda.
π₯ββ2 π₯ 2 β4 1β(β2,0001)2 lim β (β2,0001)2 β4 π₯ββ2
β
= + = ββ
οΌ Entonces -2 no es asΓntota vertical de la funciΓ³n.
ο·
Concluimos que el lΓmite no existe.
b) Encontramos las asΓntotas horizontales: Cuando π₯ β +β y cuando π₯ β ββ ο·
lim
1βπ₯ 2
π₯β+β π₯ 2 β4
lim
π₯β+β
1βπ₯2 π₯2 π₯2 β4 π₯2
1 π₯2 β π₯2 π₯2 2 π₯β+β π₯ β 4 π₯2 π₯2
lim
lim
0β1
π₯β+β 1β0
ο·
lim
= lim
β1
π₯β+β 1
= βπ
1βπ₯ 2
π₯βββ π₯ 2 β4 1β(βπ₯)2 lim (βπ₯)2 β4 π₯βββ 1 π₯2 β π₯2 π₯2 2 4 π₯ π₯βββ β π₯2 π₯2
lim lim
0β1
π₯βββ 1β0
ο·
= lim
β1
π₯βββ 1
= βπ
Por lo tanto -1 es una asΓntota horizontal de la funciΓ³n.
c) Encontramos las asΓntotas oblicuas:β‘π¦ = ππ₯ + π;
donde π = lim
π(π₯)
π₯ββ π₯
y
π = lim π(π₯) β ππ₯ π₯ββ
ο·
Hallamos m cuando π₯ β +β π = lim
1βπ₯2 π₯2 β4
π₯β+β
π = lim
π₯ 1βπ₯ 2
π₯β+β π₯ 3 β4π₯ 1 π₯2 β π₯3 π₯3 3 4π₯ π₯ π₯β+β β π₯3 π₯3
π = lim π = lim ο·
0β0
π₯β+β 1β0
= lim 0 = 0 π₯β+β
Hallamos b cuando π₯ β +β π = lim
1βπ₯ 2
π₯βββ π₯ 2 β4 1βπ₯ 2
π = lim
π₯βββ π₯ 2 β4
β ππ₯ β‘ β No altera ya que las x estΓ‘n elevadas al cuadrado.
1 π₯2 β π₯2 π₯2 2 4 π₯ π₯βββ β π₯2 π₯2
π = lim π = lim
0β1
π₯βββ 1β0
ο·
= βπ
οΌ Por lo tanto la asΓntota π¦ = ππ₯ + π = 0π₯ + (β1) = βπ Hallamos m cuando π₯ β ββ: como la variable esta elevada al cuadrado no la altera y la respuesta nos sale la misma. π₯β5
π₯β5
1
6. π(π₯) = π₯ 2 β7π₯+10 β‘ β π(π₯) = (π₯β2)(π₯β5) β‘ β π(π₯) = π₯β2 a) Encontramos las asΓntotas verticales: De π₯ = 2 ο·
1
lim+ π₯β2 β‘ β tomamos un valor mΓ‘s cercano a 2 por la derecha.
π₯β2
1
lim
π₯β2+ 2,0001β2
ο·
lim
1
π₯β2β π₯β2
=
+ +
= +β
β‘ β tomamos un valor mΓ‘s cercano a 2 por la izquierda.
1
+
limβ 1,9999β2 = β = ββ
π₯β2
οΌ Por lo tanto 2 no es una asΓntota de la funciΓ³n.
b) Encontramos las asΓntotas horizontales: Cuando π₯ β +β y cuando π₯ β ββ 1 ο· lim π₯β2 π₯βΒ±β
οΌ Como el exponente del denominador es mayor que la de denominador por lo tanto no existe el lΓmite. π(π₯) c) Encontramos las asΓntotas oblicuas: π¦ = ππ₯ + π; donde π = lim π₯ y π₯ββ
π = lim π(π₯) β ππ₯ π₯ββ
ο·
Como el exponente del denominador es mayor a la del numerador por lo tanto el lΓmite no existe.