Problema 1 liceo scientifico PNI esame di stato 2009 pag.1 di 2
© Giancarlo Albricci2009
Problema 1 punto 1 • •
x2 xn f ( x ) = 1 + x + + ... + e − x 2! n! Per
la
derivata
si
applica
con n intero positivo e x ∈ R la
regola
del
n −1
prodotto
di
funzioni
e
si
riduce:
−x x x x x x e − 1 + x + f ' ( x ) = 1 + x + + ... + + ... + e − x = − e − x (n − 1)! 2! 2! n! n! 2
PUNTO 2 •
n
2
n
massimi, minimi e limitazione con n dispari
Se n è pari la derivata risulta negativa per x ≠ 0 e si annulla in x = 0 dove ha un punto di flesso con tangente orizzontale. La funzione è quindi decrescente nell’intervallo da − ∞ a + ∞ . I limiti agli estremi dell’intervallo a causa della prevalenza dell’esponenziale e pochè n è pari sono:
lim f ( x ) = +∞
x → −∞
e
lim f ( x ) = 0
Non ci sono dunque né massimi né minimi, né
x → +∞
assoluti né relativi. •
Se n è dispari la derivata risulta positiva per x < 0 , si annulla in x = 0 ed è negativa per x > 0 dove ha un punto di massimo assoluto con tangente orizzontale e coordinate (0 ; 1) . I limiti agli estremi dell’intervallo a causa della prevalenza dell’esponenziale e pochè n è dispari sono:
lim f ( x ) = −∞
x → −∞
e
lim f ( x ) = 0
C’è quindi un punto di massimo assoluto e non ci
x → +∞
sono punti di minimo né assoluti né relativi. L’ordinata del punto di massimo assoluto è 1, il che prova che per n dispari vale la disequazione f ( x ) ≤ 1 ∀x ∈ R
PUNTO 3
•
•
studio della funzione g ( x ) = 1 + x +
x2 − x e 2
x2 − x e per quanto detto in precedenza la funzione è sempre 2 decrescente e ha un flesso a tangente orizzontale con coordinate (0 ; 1) . La derivata prima è:
g ' (x ) = −
I limiti agli estremi sono: lim g ( x ) = +∞ x → −∞
e
lim g ( x ) = 0 per cui la funzione ha un asintoto
x → +∞
orizzontale di equazione y = 0 quando x → +∞ . Non ci sono altri asintoti.
g ' ' ( x ) = − xe − x +
(
x2 − x 1 − x 2 e = e x − 2x 2 2
)
•
La derivata seconda è:
•
g ' ' ( x ) > 0 in (− ∞ , 0) ∪ (2 , + ∞ ) per cui la concavità è rivolta verso l’alto
•
g ' ' ( x ) < 0 in (0 , 2) per cui la concavità è rivolta verso il basso
•
Ci sono dunque due punti di flesso con coordinate: (0 ; 1)
Il grafico della funzione è riportato nella pagina seguente.
e
5 2 ; 2 e
Problema 1 liceo scientifico PNI esame di stato 2009 pag.2 di 2
PUNTO 3
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grafico della funzione g ( x ) = 1 + x +
x2 − x e 2
2
PUNTO 4
Calcolo dell’integrale
∫ g (x ) dx 0
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L’interpretazione geometrica dell’integrale definito da calcolare è che corrisponde all’area sottesa dalla curva grafico della funzione e l’asse delle ascisse in corrispondenza dei due punti di flesso. In altre parole, è l’area della regione di piano compresa tra il grafico della funzione, l’asse delle ascisse, la retta di equazione x = 0 e la retta di equazione x = 2
•
Il calcolo dell’integrale (effettuato per parti) fornisce il seguente risultato: 2 2 −x x2 − x x2 − x −x ( ) g x dx = + x + e dx = e + xe + e dx = 1 ∫0 ∫0 ∫0 2 2 2
2
x2 − x 3 4 2 9 −x −x = − 3e − 2 xe − e = − 2 − 2 − 2 + 3 − 0 + 0 = 3 − 2 2 e e e e 0