CALCULOS Y RESULTADOS DATOS. ' 2 f c =210 kg/cm '
f y =4200 b=10 cm h=20 cm 1. Determinación de la carga Pcr que inicia el agrietamiento FÓRMULAS: ε ε ε φ= = c = S −−−−−Curvatura y c d−c ¿ M cr =
f r∗I g −−−−−Momento de Agrietamiento h 2 Hallando la curvatura ε 0.003 φ= c = c 10.90 −4
φ=2.75 x 10 HALLANDO MOMENTO DE AGRITAMIENTO
M cr =
f r x Ig h 2
f r=2 √ f ' c ; f ' c =210 kg/cm f r=28.983 kg /cm
2
2
1 3 1 3 ' ' 2 2 I tr = . b . c + . b .( h−c ) + ( n−1 ) A s ( c−d ) + ( n−1 ) As ( d−c ) 3 3
1 1 I tr = .10 .10.903 + .10 .(20−10.90)3+ ( 9.597−1 ) (0.634) (10.90−1.953 )2 + ( 9.597−1 ) (3.960) ( 17.57−10.90 )2 3 3 4 I tr =8779.558 cm
M cr =
28.983 x 8779.558 10
M cr =0.2545 tn−m La carga Pcr que inicia el agrietamiento es: M PCr = Cr a a=0.450 0.2545 PCr = 0.475 PCr =0.566 tn Hallando la posición del eje neutro
bh ( c−0.5 h )+ ( n−1 ) A s ' ( c −d ' ) =( n−1 ) As ( d−c ) … … … … (1)
DATOS: b=10 cm h=20 cm n=9.597 ' 2 A s =0.634 cm 2 As=3.960 cm 0.635 d ' =1+0.635+ 2 ' d =1.953 cm 1.59 d=20−1−0.635− 2 d=17.57 cm −−−−−peralte efectivo
Reemplazando en la ecuación (1) 10 x 20 ( c−0.5 x 20 ) +(9.507−1)(0.634)(c −1.953)=( 9.597−1 ) (3.960)( 17.57−c) c=9.32 cm−−−−−posición del eje neutro
2. Determinación de la carga Py que inicia la fluencia en flexión Hallamos la posición del eje neutro b.
c2 ( + n−1 ) A s ' ( c−d ' )=( n−1 ) As ( d −c )−−−−−(1) 2
DATOS: b=10 cm ; n=9.597 ; A s ' =0.634 cm 2 ' 2 d =1.953 cm ; d=17.57 cm ; As=3.960 cm A s ' =2 x
0.3 =0.639 cm 2−−−−−área del acero en compresión 7
As=2 x 1.98=3.96 cm 2−−−−−área del aceroen tracción n=
ES modúlo de elásticidad del acero = −−−−−coeficiente modular Ec modúlo de elástididad delconcreto
n=
2.1 x 10 6 15100 x √ 210 n=9.597
Reemplazando en laecuacion(1) 2
10.
c ( + 9.597−1 ) (0.634)( c−1.953 )=(9.597−1)(3.960)(17.57−c ) 2 c=7.77 cm 1 3 ' ' 2 2 I Cr = .b . c + ( n−1 ) A s ( c−d ) + ( n ) As ( d−c ) 3
1 3 2 2 I Cr = .(10). ( 7.77 ) + ( 9.597−1 ) (0.634) ( 7.77−1.953 ) + ( 9.597 ) (3.960) (17.57−7.77 ) 3 I Cr =5421.54 cm4 CURVATURA:
φ=
φ=
εc c
0.003 =3.861 x 10−4 7.77
MOMENTO DE FLUENCIA ( f y )(I Cr ) n(d −c) y=¿ f s Sabemos que el acero fluye entonces : f ¿ ( 4200)(5421.54) M y= 9.197(17.87−7.77) M y=
M y =245134.476 kg−cm M y =2.451 tn−m La cargaque inicia la fluenciaen flexion es : M P y= y a P y=
2.451 0.450
P y =5.447 tn
3. Determinación de la Carga Ultima Pu A s =3.960 '
A S =0.634 '
d =1.953 d=17.57 f y =4200 '
f c =210
HALLANDO “a”
a=
( A s− A S ) .(f y ) 0.85 ( f ' c ) . ( b ) 2
ASUMIENDO QUE FLUYE EL ACERO
a=
( A s− A S ) .(f y ) 0.85 ( f ' c ) . ( b )
a=
( 3.960−0.634 ) .( 4200) 0.85 ( 210 ) . ( 10 )
2
a=7.823 a B1 7.823 C= 0.85 C=
C=9.204 cm
∈' S=
0.003 ( 9.204−1.953 ) 9.204
∈' S=0.0024
'
'
f s=∈ S x ∈S f ' s=2.1 x 106 x 0.0024 '
f s=5040 '
f s> f y '
f s=f y =4200
kg cm2
A S =A S ' 2
a ' M n =( A s− A S ) . f y .(d− ) 2 1
M n =( 3960−0.634 ) .4200 .(17.57− 1
M n =190798.3182 1
kg cm
M n =( A ' S ) . f y .(d −d ' ) 2
M n =( 0.634 ) .4200 .(17.57−1.953) 2
M n =41584.948 2
M n=M n + M n 1
kg cm
2
M n=190798.3182+41584.948 M n=232383.266
kg cm
M u=∅ M n
M u=0.9 .(232383.266) M u=209144.939
kg cm
M u=2.091 tn−m
HALLANDO CURVATURA
φ=
ε c 0.003 = c 9.204
7.823 ) 2
φ=3.2595 x x 10−4
Pu=
4∗M u 0.95
Pu=
4∗2.091 0.95
Pu=8.804 tn−m
GRÁFICA RELACION MOMENTO CURVATURA
Mcr My Mu
curvatura(1/ m) 0 0.028 0.037 0.033
Momento(Tn* m) 0 0.254 2.485 2.0914
MOMENTO-CURVATURA 3 2.49
2.5 Momento (Tn*m)
2.09 2 1.5 1 0.5 0
0.25 0 0
0.01
0.01
0.02
0.02
0.03
0.03
0.04
0.04
CURVATURA (1/m)
4. HALLANDO LA CARGA PU MÁXIMA DE LA VIGA SOMETIDA A CORTE
V u max =∅ . (V o +2.1 . √ f 'c . b . w . d)
V u max =∅ . (V c + 2.1. √ f ' c . b . w . d ) λ=1 ϕ=1 V C =0.53 ( λ ) ( √ f c ) . b . d V C =0.53 ( 1 ) ( √ 210 ) x 10 x 17.57 V C =1349.452 kg V u max =0.75 .(1349.452+ 2.1. √ 210 x 10 x 17.57) V u max =5022.252kg V u max =5022.252kg V u max =5.022tn Pu max =2∗V u max
Pu max =2∗5.022 Pu max =10.044 Tn∗m