ALGEBRA, TRIGONOMETRIA Y GEOMETRIA ANALITICA
1.- π(π₯) =
4π₯ 2 β5 2π₯ 2 +8
X y
-2 0,6
-1 -0,1
0 -0,6
1 -0,1
ππ πΏ = βπ π¦=
4π₯(β2)2 β 5 2(β2)2 + 8
π¦=
16 β 5 8+8
π = β2 ππ π¦ =
11 16
π¦ = 0,6 πΊπ πΏ = βπ π¦=
4π₯(β1)2 β 5 2(β1)2 + 8
π¦= π = β1 ,
4β5 2+8 π¦=
π¦ = β0,1
ππ πΏ = π
β1 10
2 0,6
4π₯(0)2 β 5 2(0)2 + 8
π¦=
0β5 0+8
=
π= 0 β π¦=
β5 8
π¦ = 0,6 El dominio es: [β2, β1,0,1,2]
El rango es: [0,6, β0,1; β0,6; β0,1; 0,6]
2.-
Calcular la simetrΓa de las siguientes funciones: π. β π(π) =
πππ β π πππ + ππ
Se reemplaza: π(1) =
3(1)2 β 3 3(1)2 + 12
π(1) =
3(1) β 3 3(1) + 12
π(1) =
3β3 0 = 3 + 12 15
π(1) = 0
π. β π(π) = π(ππ β π) . π(βπ₯) = βπ₯((βπ₯)2 β 9) π(βπ₯) = βπ₯(π₯ β 9) Por lo tanto g(x) β g(-x) diferentes. Si reemplazamos con NΓΊmeros: π(1) = 1(1)2 β 9) π(1) = 1(1 β 9) π(1) = 1(β8) β π(1) = β8 ππ πΏ = βπ
π(β1) = β1(β1)2 β 9) π(β1) = β1(1 β 9) π(β1) = β1(β8) π(β1) = 8 π(π₯) β π(βπ₯): β 8 β 8
c.- π(π) =
πβπ ππ βπ
π(1) =
β1 (1)2 β 1
π(1) =
1β2 β1 = 0 1β1
β1 0
π(1) =
π(1) = πππππ , ππ βππ¦ π£ππππ; πβπππ π π π = β1 π(β1) =
π(β1) =
β1 β 2 (β1)2 β3 1β1
π(β1) =
β3 0
π(1) = πππππ , ππ βππ¦ π£ππππ ComprobaciΓ³n geogebra:
1
Problema 3. Determine la inversa de la funciΓ³n π(π₯) =
2βπ₯ 5 ( 7 )
Geogebra.
Desarrollo analΓtico
1
2βπ₯ 5 π(π₯) = ( ) 7 Igualamos a y
1
2βπ₯ 5 π¦=( ) 7 Elevamos a la quinta potencia ambos lados de la ecuaciΓ³n. 1
5
2βπ₯ 5 π¦ 5 = (( ) ) 7
π¦5 =
2βπ₯ 7
y compruebe con
Ahora pasamos a multiplicar el denominador 7π¦ 5 = 2 β π₯
7π¦ 5 β 2 = βπ₯ Se multiplica la ecuaciΓ³n por menos uno
β7π¦ 5 + 2 = π₯ Comprobamos con Geogebra
Problema 4. Determine el rango de la siguiente funciΓ³n π(π₯) = Geogebra
ResoluciΓ³n analΓtica π(π₯) = Igualamos a y
5π₯ β 2 π₯+9
5π₯β2 π₯+9
y compruebe con
π¦=
5π₯ β 2 π₯+9
Pasamos a multiplicar el denominador
π¦(π₯ + 9) = 5π₯ β 2
Ahora
π¦π₯ + 9π¦ = 5π₯ β 2
Reunimos tΓ©rminos semejantes
π¦π₯ β 5π₯ = β9π¦ β 2 Sacamos factor comΓΊn π₯(π¦ β 5) = β9π¦ β 2 Despejando x nos queda que: π₯=
β9π¦ β 2 π¦β5
Claramente la el denominador no puede ser cero, por tal motivo el rango es: π¦ β π
: (ββ, 5)π’(5, β)
Comprobamos con Geogebra
5.- Funciones: π. β π(π) =
ππ + π π
Determine analΓticamente y compruebe con geogebra: a.- f +g
π(π) + π(π) = π(π) + π(π) =
π(π) + π(π) =
Geogebra:
ππ + π π + π πβπ
(ππ + π)(π β π) + ππ π(π β π)
πππ β ππ + ππ β π + ππ π(π β π)
π(π) + π(π) =
πππ β ππ + π π(π β π)
π(π) + π(π) =
πππ β ππ + π ππ β ππ
π. β π(π) = π(π₯) β π(π₯) = (
2 3π₯ + 2 )( ) π₯β3 5
π(π₯) β π(π₯) =
3(3π₯ + 2) 5(π₯ β 3)
π(π₯) β π(π₯) =
π. β (πππ)π =
π πβπ
6π₯ + 4 5π₯ β 15
π(
π )+π πβπ π
π π β π+π (πππ)π = π π + π(π β π) πβπ (πππ)π = π
ππ π (πππ)π = β π π ππ ππ = π(π β π) ππ β ππ
(πππ)π =
π
. β (πππ)π =
(πππ)π =
π ππ + π β π π
π ππ ππ = = ππ + π β ππ ππ + π β ππ ππ β ππ π
6.- El crecimiento de un cultivo de bacteria.. Donde t es el tiempo de reproducciΓ³n en horas π΅(π‘) = 10π β0,3π‘ π(π) =
π π + π¨πβππ
Reemplazamos valores: πππ π + ππ(π, ππ)βπ,π
π(π) =
π(π) =
(π) =
πππ π + ππ(π, ππ)
πππ πππ = π + π, π π, π
(π) = ππ, π
ΒΏCuΓ‘ntas horas han transcurrido si la poblaciΓ³n de bacteria arcamos 510 bacterias? Respuesta: han transcurrido 57,3 horas.
7.- Conversiones Convertir a grados ο ο
15π 8 17π 3
a grados: a grados:
15π 180Β° 180Β° 2700Β° β π = π = 8 = 8 17π 180Β° 3060Β° β π = 3 = 340Β° 3
337,5Β°
2π 5
ο
a grados:
2π 5
β
Convertir a radianes
180Β° π
=
360Β° 5
= 72Β°
:
405Β° se multiplica por π /180dado a que el circulo es de 360Β° o 2 π radianes. π
.β405 β 180 Radianes. Se multiplica π
.β405 180 Se usa 1 como una fracciΓ³n β405
.
π
*180 Se multiplica
1
β405π
.
180
ππππππππ
Factoriza 45 a partir de 180 45(β9π)
.
Se cancela 45
45(4) β9π
.
Se mueve el signo negativo
4
.β
9π
Radianes.
4
- 316Β° se multiplica por π/180 316
.
π
*180 Factoriza el mΓ‘ximo comΓΊn denominador 4
1
4β79
.
1
π
*4β45 Se cancela 45
79 π
. 1 *45r multiplicar. 79π
. 45 Radianes
-526 se multiplica por π /180 β526
.
1
β526π
.
180
π
*180 Se multiplica Factoriza 2 a partir de 180
2(β263π)
.
2(90) β(263)π
.
.β
90 263π 90
Se cancela 2
Multiplica Radianes.
8.- Encontrar el perΓmetro de un triΓ‘ngulo isΓ³sceles cuya base mide 45 cm y el Γ‘ngulo opuesto a la base mide 35Β° comprobar con geogebra. La sumatoria de los Γ‘ngulos internos de un triΓ‘ngulo es 180Β°. Ξ± + Ξ² + 35 Β° = 180Β° (i) Para un triΓ‘ngulo isΓ³sceles los catetos del vΓ©rtice opuesto a la base son de la misma longitud: A = B. AdemΓ‘s, los Γ‘ngulos adyacentes a la base son idΓ©nticos: Ξ±=Ξ² El PerΓmetro (P) de un triΓ‘ngulo es la sumatoria de sus lados o aristas: P = A + B + base En consecuencia, para este problema se tiene: P = 2A + base P = 2A + 45 cm (ii) Despejando los Γ‘ngulos de la ecuaciΓ³n (i): Ξ± + Ξ² + 35 Β° = 180Β° 2 Ξ± + 35Β° = 180Β° 180Β° - 35 Β° = 2 Ξ± Ξ± = (180Β° - 35Β°)/2 = 145Β°/22 = 72,5Β° Ξ± = Ξ² = 72,5Β° Aplicando la Ley de los Senos se hallan las longitudes de los catetos. A/Sen Ξ² = B/ Sen Ξ± = 45 cm/ Sen 35Β° A/Sen Ξ² = 45 cm/ Sen 35Β° A = B = 45 cm (Sen Ξ² / Sen 35Β°) A = B = 45 cm (Sen 72,5Β°/Sen 35Β°) = 45 cm (0,95372/ 0,57358) = 45 cm (1,66275) = 74,82375 cm
A = B = 74,82375 cm Por lo tanto, el PerΓmetro serΓ‘ de acuerdo a la ecuaciΓ³n (i): P = 2A + 45 cm P = 2(74,82375 cm) + 45cm = 149,6475 + 45 cm = 194,6475 cm P = 194,6475 cm
9.- Un rio tiene 2 orillas paralelas donde los putos P y Q de una orilla se observa un punto N de la orilla opuestaβ¦. N
40Β° 50Β°
P
30 m
Q
Para calcular el ancho del rio partimos el triΓ‘ngulo oblicuΓ‘ngulo en 2 iguales y aplicamos la relaciΓ³n trigonomΓ©trica tangente de 40Β° asΓ: Tan 40Β°= lado opuesto/lado verano πππππΒ° =
π π
ππππππ "π" πππ
π = (πππ ππΒ°)(πππ) π = (π, πππ)(πππ) π = ππ, π π Respuesta: el ancho del rio es de 12,5 m 10.- Encuentre el valor de X que satisface la siguiente ecuaciΓ³n trigonomΓ©trica para Γ‘ngulos entre: 0Β° β€ π₯ β€ 360Β° 2π ππ2 (π₯) + cos(π₯) β 1 = 0 2π πππ₯ = 1 π πππ₯ =
1 2
π·ππππππππ "X", x= πππβ1 = En grΓ‘fica del seno Y= sen x
Respuesta: la soluciΓ³n de x: π
π₯ = [6 ;
5π ] 6
que equivalen a 30Β° y 159Β°
1 2